
Μικρό σφαιρίδιο μάζας m έχει περαστεί σε μια λεπτή αβαρή οριζόντια ράβδο ΟΑ η οποία μπορεί να στρέφεται χωρίς τριβές γύρω από τον κατακόρυφο σταθερό άξονα z′z, που διέρχεται από το άκρο Ο. Η ράβδος είναι λεία, έχει μήκος ℓ και στρέφεται με σταθερή γωνιακή ταχύτητα ω0. Το σφαιρίδιο εκτελεί ομαλή κυκλική κίνηση κέντρου Ο χάρη στο τεντωμένο αβαρές και μη εκτατό νήμα μήκους x = 3ℓ/5 που είναι δεμένο στο σφαιρίδιο και στον άξονα z′z, όπως φαίνεται στο σχήμα.
Κάποια στιγμή κόβουμε το νήμα οπότε το σφαιρίδιο φτάνει μετά χρόνο Δt στο άκρο Α της ράβδου όπου συγκρούεται και τελικά σταθεροποιείται σε αυτό.
- Ο χρόνος Δt είναι ίσος με:
α. 5/3ω0 β. 4/3ω0 β. 5/4ω0
- Το μέτρο της γωνιακής ταχύτητας ω του σφαιριδίου μετά την σταθεροποίησή του στο άκρο της ράβδου είναι:
α. 9ω0/25 β. 16ω0/25 γ. 9ω0/16
- Το ποσοστό % μεταβολής της κινητικής ενέργειας του σφαιριδίου λόγω της σύγκρουσης με το άκρο της ράβδου είναι:
α. –36% β. –64% γ. –75%
- Το μέτρο της γωνιακής ταχύτητας ω της ράβδου κατά τη διάρκεια της περιστροφής της μέχρι το σφαιρίδιο να φτάσει στο άκρο της είναι:
α. ω = ω0ημ2θ β. ω = ω0συν2θ γ. ω = ω0εφ2θ
Η συνέχεια εδώ.
![]()
Αυτη την κατασταση την εχουμε συναντησει πολλες φορες. Στο απλο εκρεμες Γιωργο το αβαρες νημα δεν δεχεται δυναμεις που να μπορουν να του δωσουν γωνιακη επιταχυνση διοτι ολες περνανε απο τον αξονα. Κανεις ομως δεν αναρωτηθηκε πως αυτο επιταχυνεται. Η απαντηση ειναι οτι σε αμαζα σωματα δεν κανουμε δυναμικη. Αυτα που γραφει ο Διονυσης και ο Γιαννης για απειρως μικρες μαζες και απειρως μικρες δυναμεις ναι μεν ειναι σωστα αλλα οταν κανουμε δυναμικη σε συστημα που περιεχει αμαζα κομματια δεν αναλυουμε. Εχουμε τυποποιησει την σκεψη μας και απλως λεμε οτι σε αμαζα σωματα οι νετ δυναμεις και οι νετ ροπες ειναι μηδεν . Δεν μας απασχολει πως αυτα επιταχυνονται. Δεν χρειαζονται δυναμεις.
Καλησπέρα Κωνσταντίνε. Είσαι σωστος. Και εγώ έτσι χρησιμοποιώ τα αμάζα σωματα . Όμως εδώ κάτι δεν μου ” κολαγε” καλά( μάλλον η ευθύγραμμη κίνηση της σφαίρας που τελικά είναι σχεδόν ευθύγραμμη λόγω της αμάζης ραβδου).Και το έψαχνα.Για αυτό και τα ερωτήματα.
Καλησπέρα.
Διονύση σε μια ανάρτηση σου την
Τι θα γίνει μετά την κρούση
είχε ακολουθήσει μεγάλη συζήτηση.
Εκεί λοιπόν είχα πει
<<Όμως η επίκληση ΑΔΣ ή αντίστοιχα ΑΔΟ στην ουσία ειναι μια υπεκφυγή. Μιλώ γενικά και όχι προφανώς για σένα και τον Κωνσταντίνο. Αντί να ξεκινάμε κάθε φορά από τους νομους του Νευτωνα ξεμπερδεύουμε με αρχές διατήρησης.>>
Επανέρχομαι τώρα με την ευκαιρία της ερώτησης του Γιώργου.
Ας εστιάσουμε τώρα σε μια χορεύτρια που κρατά δυο βαράκια σε έκταση περιστρεφόμενη χωρίς να ακουμπά στο έδαφος και τα πλησιαζει στους ώμους της.
Το σύστημα αποκτά γωνιακή επιτάχυνση.
Μπορούμε να εφαρμοσουμε 2 νόμο και να βρουμε την επιτάχυνση? Δεν νομίζω. Ποιες δυνάμεις ποιες ροπές.
Εδώ είναι μονόδρομος η διατηρηση στροφορμής.
Συμφωνώ Γιώργο για την χορεύτρια.
(δικαιούται μιας ιδιαίτερης μεταχείρησης 🙂 )
Στην περίπτωση αυτή δεν υπάρχουν διακριτά ιδιαίτερα σώματα, που να μπορούμε να ασχοληθούμε με δυνάμεις και ροπές, σε κάποιο από αυτά…
Οπότε η ΑΔΣ είναι μονόδρομος!
Καλησπέρα . Και μια που βρήκα λιγο χρόνο, μελετησα το πρόβλημα ως προς τον κινούμενο παρατηρητη( στρεφόμενου)
Καιγια την σνεχεια ,για τον κινουμενο παρατηρητη (αφιερωμενη στον Γιαννη Κυρ. που του αρέσει να ασχολειται με τον κινούμενο παρατηρητή)
και τελος
Ευχαριστώ Γιώργο.
Καλή και δύσκολη δουλειά!
Ευχαριστώ Γιαννη. Ναι είναι μπελαλιδικη δουλεια γιατι παιζουν όλες οι αδρανειακες δυνάμεις.
Μαλιστα επειδή καθε στιγμή το μετρο της φυγόκεντρου είναι ισο με το μετρο της Euler και αυτές το μισο του μετρου της Coriolis , η ταχύτητα είναι ιση με την αρχική αρα σταθερή.
Και κάτι άλλο. Οταν ελεγα ότι η ασκηση εχει καποιο θεμετάκι και δεν μου ¨καθότανε ” καλά . ήταν επειδη απο την αρχή χρησιμοποίησα τον κινούμενο παρατηρητή , αλλα δεν επαιρνα την Euler και δεν εβγαιναν τα αποτελεσματα. Με την χρηση και της Euler. αποκαταστάθηκε η λύση.
Ειναι αυτό που είπε ο Διονύσης
“Γιώργο υποψιάζομαι ότι κάτι επιπλέον έχεις στο μυαλό σου.
Το περιμένουμε.”
Καλησπέρα Γιώργο.
“Ναι είναι μπελαλιδικη δουλεια”, παρά είναι βρε φίλε…
Πάντως την έβγαλες πέρα, με υπολογισμούς που φαντάζομαι ότι κάλυψαν την αρχική σου επιφύλαξη!
Ναι Διονύση. Αλλά αν δεν μου έβγαινε θα ” έσκαγα “.
Παρεμπιπτόντως, όλες αυτές οι πράξεις δεν χρειάζονται, αφού τα μέτρα των δύο θετικών δυνάμεων(Euler και φυγοκεντρου ) είναι το μισό του μέτρου της αρνητικης (Coriolis) και εξαρτώνται όμοια με την μετατοπιση, άρα το συνολικό έργο για την ίδια μετατόπιση είναι μηδέν.Αλλα αφού είχα κάνει αναλυτικά τις πράξεις(επειδή μου “ξέφευγε ” η Euler), ειπα να τις ανεβάσω….