Κώστας Ψυλάκος

Καλημέρα και καλη εβδομαδα.

Παύλο ωραια ασκηση όπως αλλωστε σημειώσαν και οι συνάδερφοι . Μπορουν να φτιαχθουν ενδιαφέρουσες ασκήσεις αλλά απαιτουν γεωμετρια σε αρκετο βαθμο και αυτό τις κάνει δυσκολες …

Μια κάπως διαφορετική λύση στην οποία έχει βοηθησει το σχήμα .

https://i.ibb.co/ks9FdtG6/Paul-Alex.png

Να είσαι καλά Διονύση.

Γιώργο είμαστε σε συμφωνία λοιπόν.! Πολύ ωραία.

Καλό βράδυ!

Καλησπέρα και καλό Σαββατοκυριακο.

Όσον αφορα τη διερεύνηση – απάντηση που έδωσε ο Διονυσης δεν υπάρχει κάποια

αμφιβολία !

Πρόσπαθησα καθαρά για εξασκηση να δω αυτό που ο ανέβασε ο Γ. Χριστόπουλος !

Γιώργο να προτείνω , αν μου επιτρέπεις , κάτι ίσως πιο “βατό” ….

Η σχέση σου (3) γράφεται :

υο^2 = gR(3συνφ-2) όπου πρέπει να ισχύ…[Περισσότερα]

Θοδωρή εύστοχο το προβλημα σου εμπλεκει σημεια που χρειαζονται προσοχη και επειδη τα συναντάμε τακτικά θα πρέπει να αποκτηθεί από τους μαθητές και η γνώση των χειρισμών που απαιτούνται. Αναφέρομαι στην πλαγια κρούση και την ΑΔΟ στον άξονα x’x και στη συνέχεια στην εύρεση της μεταβολής της ορμης του συστήματος και ενός μέλος του συστήματος.…[Περισσότερα]

Ανδρέα προφανώς η εκφώνηση μιλά για ακαριαία κρούση άρα το Δt (κρουσης) – – > 0. Όμως αυτό, εκτιμώ, ότι δεν σημαίνει ότι το ΣFy=0 που εχεις γράψει στη λύση σου. Αυτό που έχω περιγράψει στο αρχικό σχόλιο μου συμβαίνει σε ανάλογες περιπτώσεις. Πχ κατακόρυφο ελατήριο δεμένο στο ταβάνι και στο άλλο άκρο του έχουμε στερέωσει ένα σώμα, εκτελεί…[Περισσότερα]

Καλησπέρα Ανδρέα .

Ενδιαφέρουσα η άσκησή σου τόσο από την πλευρά της ελαστικής κρούσης όσο και στην εξέλιξη της κινησης των σωμάτων.

Να προσεχθεί ότι στον άξονα y’y στο κάθε σώμα ασκείται το βάρος του. Άρα :

Δpy/Δt = w ==> Δpy = w *Δt επειδη το μέτρο του βάρους είναι σχετικά μικρό σε

σχέση με το μέτρο της δύναμης αλληλεπίδρασης κ…[Περισσότερα]

Καλημέρα και Χρόνια Πολλά στους εορτάζοντες.

Στον καλό φίλο Στάθη Λεβέτα  εύχομαι ότι το καλύτερο και πάνω από όλα Υγεία !

Παντελη μου είχε ξεφυγει το ρίζα 2 στο τελικο αποτέλεσμα του ΟΑ πολυ σωστα το επισημανες. Πρόσθεσα και τον υπολογισμο του ΟΓ’ , Γ’ η προβολή του Γ πάνω στην ΟΑ . Τελικα το ΟΓ’ = (3/8)*ΟΑ .
Επίσης λαμβανοντας υπόψη τα αποτελεσματα σου για το XΓ , ΨΓ από τη σχέση που δίνει την εφφ στην ανάλυση μου μπορεί κανεις ευκολα να βρει το dmax που…[Περισσότερα]

Καλησπέρα .

Διονύση ωραίο θέμα για το συγκεκριμένο κομμάτι της ύλης της Β Λυκείου. Με αρκετά σημεία που πρέπει να προσεχθούν ιδιαίτερα αφου βέβαια προηγηθουν όλα αυτά που πρέπει να γίνουν αρχικά στους μαθητές για να κατανοήσουν τα βασικά βήματα (οριζόντια βολή και ότι προβλέπεται).

Θα σταθώ στην εύρεση του εργου της δύναμης έμμεσα μέσω τ…[Περισσότερα]

Παντελή πολυ καλη η ανάλυσή σου τόσο ως προς τους συνηθισμένους άξονες όσο και ως προς αυτούς που επέλεξες αρχικά.

Θέλησα πιο κάτω να αντιμετωπίσω το ερώτημα 3 χωρίς να λάβω υπόψη μου ότι η ταχύτητα στο Γ θα είναι παράλληλη στην ΟΑ όταν έχουμε την μέγιστη απόσταση από αυτή. Εχει ενδιαφέρον ….

https://i.ibb.co/nNFvZVJj/dmax1.png

Μια χαρα Γιωργο .
Η απόδειξη της εξίσωσης του κύματος προφανως απαιτει την γνώση του τι κάνει το σημειο αναφορας την t=0 . Απο εκει και περα το σημειο αναφοράς μπορει να έχει θέση xo διαφορετική του μηδενος. Στην συνέχεια το τυχαιο σημειο θα εμφανιζει μια διαφορα φάσης στην ταλαντωση του σε σχεση με το σημειο αναφορας . Με αυτό τον τρόπο θα βγε…[Περισσότερα]

Κωνσταντίνε δες τι εννοώ ….δεν έχει δυο κύματα ο Γιώργος.
Η ταλαντωση του σημείου Σ έχει αρχική φάση π rad εφόσον δεξια του υπάρχει κοιλαδα . Κάνω λάθος ;

https://i.ibb.co/ZQf4CjK/1.png

Στις λύσεις που έχουν ανέβει θα ήθελα να αναφέρω ότι :

Στο Β3 θα πρέπει αρχικά ο μαθητής να αιτιολογήσει γιατί το σημείο Α δεν είναι σημείο της περιφέρειας. Στην συνέχεια πιστεύω οι θεματοδότες έχουν θεωρήσει ότι οι μαθητες θα καταλάβουν πως τα διανύσματα των ταχυτήτων στο σημείο Α το αθροισμα των οποίων θα δώσει την ταχύτητα του σημείου Α ε…[Περισσότερα]

Καλημέρα!
Γιώργο Κόμη μήπως το κύμα που “τρέχει” προς τα αριστερα στην απόδειξή σου δεν έχει σχεδιαστεί σωστά; Για να έχει το σημειο Σ θετική ταχύτητα δεν πρέπει δεξια του να υπάρχει όρος ; Επίσης η γενική εξίσωση που γράφεις από που έχει προκύψει ;

Νίκο χαιρετώ.

Ενδιαφέρουσα η πλοκή και το αποτέλεσμα.

Το νήμα που είναι παράλληλο στο κεκλιμενο επίπεδο καταλήγει στο σημείο Λ του δίσκου.

1ο πείραμα : Στ(Λ) = 0 ==> Μg * d = Ts*2R , d = R*ημφ

2ο πείραμα : Στ(Λ) = 0 ==> Μg * d = T’s*2R + τ(Τr) , d = R*ημφ

αν η τάση του κατακορυφου νήματος διέρχεται από το Λ τότε τ(Τr) =…[Περισσότερα]

Μιλτο χαιρετώ .

Τι θυμήθηκες τώρα ….. είχε μεγάλο μπελά η άσκηση αυτή.

Στο λινκ που δίνεις για τον Πρόδρομο υπάρχει και μια δική μου λύση .

Ιστορίες ….. Η επανάληψη είναι πάντα χρήσιμη Μιλτο !

Παναγιώτη έχει ενδιαφέρον το όλο θέμα! Δες τι προέκυψε από την ανάρτηση του Γ. Σφυρη που έχει ανάλογο περιεχόμενο. Με κλικ ΕΔΩ

Τώρα όλα καλά Παναγιώτη.

Πολύ καλά έκανες και διαφοροποίησες το δεύτερο σκέλος! Καλύτερα να έχουμε την ισορροπία ως δεδομένη και να διερευνησουμε αν έχουμε Τστ ή Τορ.

Παναγιώτη Καλημέρα.

Το link που έχεις δώσει δεν οδηγεί σε κάποιο αρχείο ….

Μια χαρά Γιώργο !

Καλές διακοπές !